|
|
giải đáp
|
giúp với
|
|
|
|
$E=\frac1{2}kA^2\Rightarrow A=\frac1{50\sqrt2}m=\sqrt2cm$
$l_{max}=l_o+A=20+\sqrt2cm$
$l_{min}=l_o-A=20-\sqrt2cm$ |
|
|
|
giải đáp
|
giúp với
|
|
|
|
Từ vị trí cân bằng kéo xuống 1 đoạn $6cm$ rồi thả cho vật dao động thì biên độ dao động của vật chính là $A=6cm=0,06m$
|
|
|
|
giải đáp
|
giúp với
|
|
|
|
Tại VTCB: $k\Delta l= mg$
Khi lò xo có chiều dài $l=28cm$ thì vận tốc $v=0 \Rightarrow $ vị trí đó chính là biên: $A=0,02+\Delta l (m)$
Tại đó lực đàn hồi là $F=2N \Rightarrow kA=2$
$\Rightarrow 0,02k+k\Delta l=2 \Rightarrow 0,02k+mg=2 \Rightarrow k=...$
Năng lượng dao động của vật là $\frac1{2}kA^2$
Bạn kiểm tra lại số liệu đề bài cho nhé |
|
|
|
giải đáp
|
Vật lí 10 giải cụ thể dùm em nha.
|
|
|
|
Năng lượng của viên đạn là: $\frac1{2}mv^2=1000J$
a. Để vật dừng lại trong gỗ thì năng lượng của vật chuyển hóa hoàn toàn thành công của lực cản:
$F_c.S_1=E \Rightarrow F_c=250N$
b.Công của lực cản chính là độ biến thiên năng lượng:
$\frac1{2}mv^2-\frac1{2}mv'^2=F_c.S_2\Rightarrow v'=100\sqrt2m/s$ |
|
|
|
|
|
giải đáp
|
gúp với
|
|
|
|
Vật đi với vận tốc lớn nhất khi nó chuyển động ở xung quanh vị trí cân bằng
Với góc quay $\frac{\pi}3$ quãng đường lớn nhất là
$2Acos(\frac{\pi}3)=A$ (hình vẽ)
|
|
|
|
giải đáp
|
thực sự cần a Long cần giải thích bài giải a giải hôm trước gấp với
|
|
|
|
Có thể coi là bản song song không khí-dầu và dầu-nước. Em xét độ dịch chuyển của ảnh qua từng bản là được.
Công thức $\Delta x=e(1-\frac{n_1}{n_2})$ là công thức về độ dịch chuyển của ảnh qua bản 2 mặt song song.
$n_1$ và $n_2$ là chiết suất của môi trường xét theo chiều truyền của tia sáng. VD: Đi từ kk vào dầu thì $n_1=n_{kk}, n_2=n_d$
$\Delta x$ có thể dương hoặc âm đặc trưng cho dịch chuyển lên phía gần mặt phân cách hay ra xa mặt phân cách.
VD: ánh sáng đi từ MT chiết suất thấp vào MT chiết suất cao thì ảnh dịch chuyển lên phía gần mặt phân cách, chiết suất cao vào chiết suất thấp thấp thì dịch chuyển ra xa mặt phân cách.
|
|
|
|
giải đáp
|
Con lắc lò xo cần giúp.
|
|
|
|
$\omega=\sqrt{\frac{k}m} \Rightarrow k=...$
Ở vị trí cân bằng lò xo dãn $\Delta l=\frac{mg}k=...$
Ở thời điểm lò xo bắt đầu dao động $t=0$ thì li độ: $x=0$
$\Rightarrow$ ở vị trí ngay trước khi vật dao động lò xo dãn $\Delta l$
Lực kéo của lò xo khi đó là: $F=k\Delta l=...$
|
|
|
|
giải đáp
|
Con lắc lò xo cần giúp.
|
|
|
|
$\omega=\sqrt{\frac{k}m} \Rightarrow k=...$
Ở vị trí cân bằng lò xo dãn $\Delta l=\frac{mg}k=...$
Ở thời điểm lò xo bắt đầu dao động $t=0$ thì li độ: $x=A=5cm$
$\Rightarrow $ ở vị trí ngay trước khi vật dao động lò xo dãn một đoạn $\Delta l +A=...$
Lực kéo của lò xo khi đó là: $F=k(\Delta l+A)=...$
|
|
|
|
giải đáp
|
giúp với
|
|
|
|
$\omega=5\pi \Rightarrow T=\frac{2\pi}{\omega}=0,4s$
$1s=2.0,4+0,2 \Rightarrow $ vật đi được 2,5 chu kì
+ Cứ 1 chu kì vật đi qua điểm $x=1$ 2 lần $\Rightarrow$ trong 2 chu kì đi qua điểm $x=1$ 4 lần
+ Trong nửa chu kì còn lại vật đi từ vị trí có $\varphi_1=-\frac{2\pi}3$ đến vị trí $\varphi_2=\frac{\pi}3$. Khi đó vật chỉ đi qua điểm $x=1$ 1 lần
Vậy trong $1s$ kể từ thời điểm ban đầu vật đi qua điểm $x=1$ $4+1=5$ lần |
|
|
|
giải đáp
|
gúp với
|
|
|
|
Gắn dao động điều hòa với chuyển động tròn đều, ta có:
$\Rightarrow$ trong thời gian $\frac{2T}3$ quay được góc $\frac{4\pi}3=\pi+\frac{\pi}3$
Vector quay được góc $\pi$ thì vật luôn chuyển động được quãng đường $2A$ $\Rightarrow$ chỉ cần xét chuyển động của vật khi vector quay được góc $\frac{\pi}3$
Vật có vận tốc lớn nhất khi chuyển động ở gần vị trí cân bằng, khi đó khi vector quay được góc $\frac{\pi}3$ vật đi được quãng đường lớn nhất là $A$
Vậy quãng đường lớn nhất vật đi được trong khoảng thời gian $\frac{2T}3$ là $s=2A+A=3A$
Vận tốc trung bình lớn nhất của vật là: $v=\frac{s}t=3A:\frac{2T}3=\frac{9A}{2T}$
|
|
|
|
giải đáp
|
giúp với
|
|
|
|
Gắn dao động điều hòa với chuyển động tròn đều ta có:
Tại $t=0$ vật đang ở vị trí $\varphi=\pi$
Tại li độ $x=3$ thì $\varphi=\frac{\pi}6$ hoặc $\frac{-\pi}6$
Thời gian đi ngắn nhất ứng với góc quay nhỏ nhất $\Delta \varphi=\frac{5\pi}6$
$\Rightarrow t=\frac{\varphi}{\omega}=\frac5{12}s$
|
|
|
|
giải đáp
|
giao thoa ánh sáng
|
|
|
|
$x_{M}=k\frac{\lambda D}a \Rightarrow k=\frac{x_Ma}{\lambda D} \Rightarrow 4,64\leq k\leq8,125$
Mà $k\in Z \Rightarrow k=5,6,7,8$
Vậy có 4 bức xạ cho vân sáng tại M
|
|
|
|
giải đáp
|
ôn thi lí 11
|
|
|
|
Câu 4:
Ta có: $\frac1{d_1}+\frac1{d_1'}=\frac1{f}=\frac1{d_2}+\frac1{d_2'}$
Dịch vật ra xa thấu kính
$\Rightarrow d_1<d_2 \Rightarrow \frac1{d_2}<\frac1{d_1}$
$\Rightarrow \frac1{d_1'}<\frac1{d_2'} \Rightarrow d_2'<d_1'<0$ (ảnh ảo) $\Rightarrow |d_1'|<|d_2'|$
Lại có: $\frac{A''B''}{AB}=1-|\frac{d_2'}{f}|<1-|\frac{d_1'}{f}|=k=\frac{A'B'}{AB}$
$\Rightarrow A''B''<A'B'$
|
|
|
|
giải đáp
|
ôn thi lí 11
|
|
|
|
Câu 3:
$\frac1{f}=\frac1{d}+\frac1{d'}$
$d'=2f \Rightarrow d=2f \Rightarrow$ khoảng cách từ vật tới ảnh là $4f$
Đáp án C |
|