Đường trung trực của AB là đường cực đại, các điểm trên đường này dao động với phương trình
$x=2Acos(\omega t- \frac{x}{\lambda}2\pi)$   x là khoảng cách từ điểm đó đến 2 nguồn
Trong khoảng từ O đến M thì 6,0cm<x<9,6cm
Độ lệch pha so với nguồn là $-7,5\pi$ đến   $-12\pi$
Lệch pha với nguồn  $\pi/3$  có thể là nhanh hoặc châm hơn do đó có các góc
 $-25\pi/3$ ; $-31\pi/3$ ; $-23\pi/3$ ; $-29\pi/3$  ;  $-35\pi/3$
Do vậy có 5 điểm lệch pha với nguồn  $\pi/3$ 

Theo công thức của chuyển động quay biến đổi đều 
$\omega^{2} - \omega_{0}^{2}$ = $2.\gamma.\varphi$
$(\omega  - \omega_{0}).(\omega  + \omega_{0})$= $2.\frac{(\omega  - \omega_{0})}{t}.\varphi$
$ (\omega  + \omega_{0}).t$=2.$\varphi$
 Với t=30s , $\omega$=20$\pi$ và $\varphi$=360$\pi$
suy ra 
$\omega_{0}$= 4.$\pi$  rad/s và $\gamma$=16$\pi$/30 rad/$s^{2}$
Thời gian để đạt được tốc độ  $\omega_{0}$ từ trạng thái nghỉ là  $\omega_{0}$/$\gamma$ = 7.5 s
Phương trình chuyển động của bánh xe từ trạng thái nghỉ là 
$\varphi$= (1/2 ). (16$\pi$/30).$t^{2}$ rad

Vận tốc ban đầu là 300 vòng/phút tương ứng với $\omega_{0}=10\pi$ rad/s
Trong giây đầu tiên vận tốc chỉ còn 0.9 vận tốc ban đầu nghĩa là còn 9$\pi$ rad/s
suy ra $\gamma=-\pi$  rad/$s^{2}$
Vận tốc sau giây thứ 2 sẽ còn là   8$\pi$ rad/s

Đĩa quay từ vận tốc ban đầu bằng không nên phương trình chuyển động là 
$\varphi=\frac{1}{2}.\gamma.t^{2}$
Trong 0.5s đầu vật quay được 25 vòng tương ứng với 50$\pi$ suy ra $\gamma=400\pi$ rad/$s ^{2}$
Vận tốc trung bình trong khoảng thời gian đó là 
$v_{tb}=\frac{\Delta \varphi}{\Delta t}$=100$\pi$ rad/s
Số góc quay được trong 5s tiếp theo
$\Delta \varphi=\frac{1}{2}.\gamma.( t_{2}^{2}-t_{1}^{2})$=$\frac{1}{2}.400\pi.(5.5^{2}-0.5^{2})$=6000$\pi$
Như vật trong 5s tiếp theo vật quay được 3000 vòng 

Khi qua lưỡng lăng kính vùng giao thoa sẽ có góc mở từ đỉnh của lăng kính
$\alpha=2.\beta=2.(n-1).A= 3.10^{-3}  rad$ 
D=1m,  như vậy độ rộng miền giao thoa trên màn là 
$l=D.\alpha= 3.10^{-3}  m = 3  mm$

d=0,2m,  khoảng cách giữa 2 ảnh của S là 
$a=d.\alpha= 6.10^{-4}  m = 0,6  mm$

Khoảng vân của hệ là

$i=\frac{\lambda(d+D)}{a}=1,1.10^{-3} m=1,1  mm$ 

Do đó quan sát được 3 vân sáng và 2 vân tối 

Bài đã được hỏi và trả lời trên trang rồi 
Bạn theo link này theo dõi đáp án nha
http://ly.hoctainha.vn/Hoi-Dap/Cau-Hoi/4672/moi-nguoi-giup-em-1-bai-a 

Theo công thức định luật 2 Newton cho chuyển động quay
$M=I\gamma$ 
Do đó
$I=\frac{M}{\gamma}=20  kg.m^{2}$ 

Khi mắc mạch như trên thì trong nửa chu kì mạch gồm 2 điện trở mắc nối tiếp, trong nửa chu kì sau thì Điot nối tắt điện trở s ố 2 làm cho mạch như chỉ còn điện trở 1
Trong nửa chu kì đầu dòng điện chạy qua mạch là
$i_{1}=\frac{U\sqrt{2}}{2R}cos\omega t$
Trong nửa chu kì sau thì dòng điện 
$i_{2}=\frac{U\sqrt{2}}{R}cos\omega t$

Năng lượng do điện trở 1 tỏa ra trong 1 chu kì là

$E=I_{0}^{2}RT=\int\limits_{0}^{T/2} i_{1}^{2}Rd_{t}+\int\limits_{T/2}^{T} i_{2}^{2}Rd_{t}
=\int\limits_{0}^{T/2}\frac{2U^{2}(1+cos2\omega t)}{8R^{2}}Rd_{t}+\int\limits_{T/2}^{T}\frac{2U^{2}(1+cos2\omega t)}{2R^{2}}Rd_{t}=\frac{U^{2}}{8R^{2}}RT+\frac{U^{2}}{2R^{2}}RT=\frac{5U^{2}}{8R^{2}}RT$  
Suy ra cường độ dòng điện hiệu dụng là

$I_{0}=\sqrt{\frac{5}{8}}\frac{U}{R}$