|
|
giải đáp
|
dao động điều hòa
|
|
|
|
Ta có : T = 2π/ω = 1/2 (s) => t/ T = 1/(1/2) =>t = 2T => Trong một giây đầu tiên từ thời điểm t = 0, chất điểm có động năng bằng thế năng 8 lần
|
|
|
|
giải đáp
|
Dao động
|
|
|
|
x =x1 + x2 = acosωt + acos2ωt=> v = -aωsinωt - 2aωsin2ωt = -aω ( sinωt + 2sin2ωt ) = -aω ( sinωt + 4 sinωt cosωt ) = -aω sinωt ( 1 + 4 cosωt ) => v^2 = (-aω sinωt) ^2 ( 1 + 4 cosωt )^2 Đặt cosωt= u => sin^2ωt = - u^2 +1 => v^2= (-aω)^2 . (1 - u^2)(1 + 4u)^2 Đặt f(u) = (1 - u^2)(1 + 4u)^2 => f'(u) = -64u^3 -24u^2 + 30u +8 => 3 nghiệm của u là 0,647 , -0,25, -0,77 Để v max <=> f(u)max mà f(u)max tại u=0,647 với max f(u)= 7,48 => vmax = 2,73 a.ω => D |
|
|
|
giải đáp
|
mọi người giúp với
|
|
|
|
Đổi $x_{1} = 3cos( 10t + \frac{\pi }{3} - \frac{\pi }{2} ) = 3cos ( 10t - \frac{\pi }{6} )(cm) $ C1: => Biên độ tổng hợp của x1 và x2 là : $A^{2} = (A_{1})^{2} + (A_{2})^{2} + 2.A_{1}.A_{2}.cos(\varphi _{2} - \varphi _{1} )= 49=> A = 7 (cm) $ C2: Nếu bạn để ý thì sẽ thấy x1 và x2 có cùng pha ban đầu là $-\frac{\pi }{6}$ $=> A = A_{max} = A_{1} + A_{2} = 4 +3 = 7 (cm) $ C3: Bài toán này bạn cũng có thể bấm bằng máy tính casio được đấy !! :) |
|
|
|
giải đáp
|
Mọi người giúp mình với...!!!
|
|
|
|
Ta có : ADCT : $I_{0} = U_{0}\sqrt{\frac{C}{L}}$ ( Từ công thức tính năng lượng điện từ trong mạch $W = W_{Cmax} = W_{Lmax} $ Nghĩa là :$ \frac{L.(I_{0})^{2}}{2} =\frac{C. (U_{0})^{2}}{2})$ => $I_{0} = 5.\sqrt{\frac{8.10^{-9}}{2.10^{-4}}} = 0.0316227766(A) => I = \frac{I_{0}}{\sqrt{2}} = 0.022360677977 (A) $ Mà $P = r. I^{2}$ $=> r = \frac{6.10^{-3}}{5.10^{-4}} = 12(ôm) => D $ |
|
|
|
giải đáp
|
SÓNG ĐIỆN TỪ
|
|
|
|
Áp dụng công thức : $q_{0}^{2} = q^{2} +(\frac{i}{\omega } )^{2}$ => $q^{2} = q_{0}^{2} - (\frac{i}{\omega })^{2} $ = $1,16 . 10^{-9} $ C |
|
|
|
giải đáp
|
điện
|
|
|
|
Bạn chỉ cần áp dụng công thức tính nhanh : $I_{o}$ =$ U_{o}$ . $\sqrt{\frac{C}{L}}$ rồi sau đó thay số là dược :) |
|
|
|
giải đáp
|
Giúp em với ạ
|
|
|
|
Câu 1: Vì là mạch gồm cuộn dây thuần cảm mặc nói tiếp với điện trở thuần => $U= \frac{I}{Z}$ $=> Z = \frac{U}{I} = 80 ( \Omega)$ mà $Z = \sqrt{R^{2}+ Z_{L}^2 }$(1) Ta có : Điện áp hai đầu mạch sớm pha \frac{Pi}{3} so với dòng điện trong mạch $( \varphi )$ tan $\varphi = \frac{Z_{L}}{R } =$ $\sqrt{3}$ (2)
Giải (1) và (2) => R và Zl :) |
|
|
|
giải đáp
|
Giúp em với ạ
|
|
|
|
Câu 2: $U_{AM} = I. Z_{AM} => I = \frac{U_{AM}}{Z_{AM}} $ $= \frac{40\sqrt{2}}{40\sqrt{2}} = 1 (A)$ (Vì $Z$c = $\frac{1}{\omega . C }$ = $\frac{1}{100\pi . \frac{2,5}{\pi } 10^{-4 }}$ $= 40$ $ => Z_{AM} = \sqrt{R^{2} + Z_{c} ^{2}} $ $= 40\sqrt{2}$ ) Ta có : $U_{MB} = I. Z_{MB} = 200 => Z_{MB} = 200 = \sqrt{r^{2} + Z_{L}^{2}}$ (1) $Tan \varphi AM = \frac{Z_{C}}{R} = 40/ 40 = 1 $ $=> \varphi = \frac{\pi }{4} $ Mà $\varphi _{MB} = \varphi _{u}$ ( của AM) $- \varphi _{i}$ $=> \varphi = -\frac{\pi }{4}$ $\varphi ( của MB) = \varphi _{u} ( của MB) - \varphi _{i}$ => $\varphi ( của MB) = \frac{5\pi }{6}$ => $tan \varphi ( của MB) =$ $\frac{Z_{L} }{r}$ (2) giải hệ (1) và (2) => L và r . :)
|
|
|
|
giải đáp
|
lý 12
|
|
|
|
| Vì hai nuồn cùng pha nên ta có : $\frac{-l}{\lambda } < k < \frac{l}{\lambda }$ Với $l = AB = d_{1} + d_{2}$ = $18$ (cm) và lấy $k$ có giá trị nguyên. $ => \frac{- 18}{3.5} < k < \frac{18}{3.5} => -5,14 < k < 5.14 $ $=> k = +5 , +4 , +3 , +2 , +1 , 0$ => Có 11 điểm dao động với biên độ cực đại |
|
|
|
|
giải đáp
|
lý 12 sóng co
|
|
|
|
Ta có T = $\frac{2\pi }{\omega }$ = 1/10 Mà xét $\frac{t}{T}$ = 2 : $\frac{1}{10}$ => t = 20 T mà theo mình nhớ thì 1 $\lambda$ = 1 T vì nếu xét theo đường tròn thì 1 $\lambda$ sẽ quay được 2 $\pi$ => quãng đường = 20 $\lambda$ |
|
|
|
giải đáp
|
lý 12
|
|
|
|
Khi viên bi cách vị trí cân bằng 6 cm thì thế năng = 1/2 k $x^{2}$ = 1/2 . 100 . 0.06^2 = 0.18 Cơ năng = 1/2 k.A^2 = 1/2 . 100 . (0,1)^2 = 0.5 => Wđ = W - Wt = 0.32 J
|
|
|
|
giải đáp
|
giúp mình với!
|
|
|
|
Dùng phương pháp vẽ giản đồ vecto và theo điịnh lí sin trong tam giác ta có hệ thức : $\frac{A}{sin \alpha } = \frac{A_{1}}{sin\beta } = \frac{A_{2}}{sin \gamma }$ => Vẽ giản đồ ta thấy : $\frac{A}{sin \frac{\pi }{6}} = \frac{A1}{sin \beta } $ => $A = \frac{A_{1}sin \frac{\pi }{6}}{sin \beta }$ (1) Để A bé nhất $\Leftrightarrow sin \beta max $ $\Leftrightarrow $ $\beta$ = $\frac{\pi }{2}$ Từ (1) => A = 5 cm ADCT : $A_{}^{2} = A_{1}^{2} + A_{2}^{2} + 2. A_{1}A_{2} cos ( \Phi2 - \Phi1)$ => $ 25 = 100 + A_{2}^{2} - 10\sqrt{3} A_{2}$ => $A_{2}$ = $5\sqrt{3}$ (cm) http://sketchtoy.com/66112397
Bạn có thể xem hình ở đây |
|
|
|
giải đáp
|
[Vật Lí 12] Phương trình sóng
|
|
|
|
f=20H => $\omega $ = 40 $\pi $ (rad/s) Tại thời điểm t = 2 => 1.5 = 3 cos ( 40 $\pi$.2 + $\phi$ ) => 1/2 = cos 80 $\pi$ . cos $\phi$ - sin 80 $\pi$. sin $\phi$ => 1/2 = cos $\phi$ => $\phi$ = - $\pi$/3 ( vì vật theo chiều dương ) => Phương trình : U = 3 cos (40 $\pi $ t - $\pi $/3 ) |
|
|
|
giải đáp
|
Nhờ mọi người giup em ạ
|
|
|
|
Ta có : $\frac{t}{T}$ = $\frac{0.157}{\pi /5}$ = 0.2498... T => Vật chưa đi được 1 chu kì mà nếu xét $\frac{T}{4}$ = $\frac{\pi/5 }{4}$ = 0.157(s) => Vật sẽ đi được 1 khoảng thời gian = T/4 Tại thời điểm t=0 vật đi qua vị trí x = 3/2 = A/2 và theo chiều dương ( $\phi $ âm )
=> Vật sẽ đi từ vị trí $\frac{A}{2}$ $\rightarrow$ $\frac{A\sqrt{3}}{2}$ => S = A - $\frac{A}{2}$ +( A - $\frac{A\sqrt{3}}{2}$ ) = $\frac{9- 3\sqrt{3}}{2}$ = 1.9019... (cm) |
|
|
|
đặt câu hỏi
|
Tính gia tốc trọng trường
|
|
|
|
Một con lắc đơn có chiều dài $1 m$ thực hiện $10$ dao động mất $20 s $, gia tốc trọng trường nơi đó ( lấy $\pi = 3,14 )$ là bao nhiêu ?
|
|