|
|
|
|
giải đáp
|
các bạn ơi giúp mình với ^^ khó lém đó
|
|
|
|
Xét trường hợp giới hạn là khi lực quán tính vừa đúng bằng ma sát trượt.
Khi đó: $m_{1}a=km_{1}g\Rightarrow a=kg=1(m/s^{2})$
Với a là gia tốc của hệ vật $m_{1}$, $m_{2}$. Ta có:
$F-F_{ms}=(m_{1}+m_{2})a$
$F=k'g(m_{1}+m_{2})+a(m_{1}+m_{2})=9(N)$
|
|
|
|
|
|
sửa đổi
|
trac nghiem vat li 10 nang cao
|
|
|
|
Bài 7:Chứng minh lại công thức về tên lửa luôn nhé.Khối lượng tên lửa và nhiên liệu bên trong tổng cộng là $M$. Khối lượng khí phụt ra trong thời gian dt là $dM$.Vận tốc tên lửa và vận tốc phụt khí là $V$ và $v$.Áp dụng bảo toàn động lượng ta có:$MV=(M-dM)(V+dV)-dM(v-V)$$\Rightarrow MV=MV-VdM+MdV-dMdV-vdM+VdM$Rút gọn công thức ta đc:$MdV=vdM$Hay: $M\frac{dV}{dt}=v\frac{dM}{dt}$Có thể viết lại là: $F=\mu v$ với $\mu$ là khối lượng khí phụt ra trong 1s. F là lực đẩy của khí.a) Để tên lửa bay lê rất chậm thì: $F=P=120000(N)$Thay số vào ta tính đc: $\mu=120(kg/s)$b) Tên lửa bay lên vs gia tốc $a=10 m/s^{2}$ $F-P=Ma\Rightarrow F=240(kg/s)$
Bài 7:Chứng minh lại công thức về tên lửa luôn nhé.Khối lượng tên lửa và nhiên liệu bên trong tổng cộng là $M$. Khối lượng khí phụt ra trong thời gian dt là $dM$.Vận tốc tên lửa và vận tốc phụt khí là $V$ và $v$.Áp dụng bảo toàn động lượng ta có:$MV=(M-dM)(V+dV)-dM(v-V)$$\Rightarrow MV=MV-VdM+MdV-dMdV-vdM+VdM$Rút gọn công thức ta đc:$MdV=vdM$Hay: $M\frac{dV}{dt}=v\frac{dM}{dt}$Có thể viết lại là: $F=\mu v$ với $\mu$ là khối lượng khí phụt ra trong 1s. F là lực đẩy của khí.a) Để tên lửa bay lê rất chậm thì: $F=P=120000(N)$Thay số vào ta tính đc: $\mu=120(kg/s)$b) Tên lửa bay lên vs gia tốc $a=10 m/s^{2}$ $F-P=Ma\Rightarrow \mu=240(kg/s)$
|
|
|
|
giải đáp
|
trac nghiem vat li 10 nang cao
|
|
|
|
Bài 7:
Chứng minh lại công thức về tên lửa luôn nhé.
Khối lượng tên lửa và nhiên liệu bên trong tổng cộng là $M$. Khối lượng khí phụt ra trong thời gian dt là $dM$.
Vận tốc tên lửa và vận tốc phụt khí là $V$ và $v$.
Áp dụng bảo toàn động lượng ta có:
$MV=(M-dM)(V+dV)-dM(v-V)$
$\Rightarrow MV=MV-VdM+MdV-dMdV-vdM+VdM$
Rút gọn công thức ta đc:
$MdV=vdM$
Hay: $M\frac{dV}{dt}=v\frac{dM}{dt}$
Có thể viết lại là: $F=\mu v$ với $\mu$ là khối lượng khí phụt ra trong 1s. F là lực đẩy của khí.
a) Để tên lửa bay lê rất chậm thì: $F=P=120000(N)$
Thay số vào ta tính đc: $\mu=120(kg/s)$
b) Tên lửa bay lên vs gia tốc $a=10 m/s^{2}$
$F-P=Ma\Rightarrow \mu=240(kg/s)$
|
|
|
|
giải đáp
|
trac nghiem vat li 10 nang cao
|
|
|
|
Bài 6:
Gọi vận tốc tàu sau va chạm là $V'$. Bảo toàn động lượng theo phương ngang ta có:
$(M+m)V=MV'-m(v-V)$
(vận tốc viên đạn so với đất là $v-V$)
Thay số vào ta tính được: $V'=2.0475(m/s)$
|
|
|
|
giải đáp
|
olimpic truyen thong nek ^^ giup minh voi
|
|
|
|
Vận tốc khi gặp lò xo là $v$. Ta có:
$v^{2}=2glsin\alpha$
Lò xo bị nén cực đại $\Delta l=30cm$
$\frac{mv^{2}}{2}=\frac{1}{2}k\Delta l^{2}\Rightarrow v^{2}=9(m/s)$
Thay vào phương trình đầu ta tính được: $l=0.9(m)=90(cm)$
|
|
|
|
|
|
giải đáp
|
mung` 2 tet roi` nhi~ danh` chut time giup mjnh` nha'!!!!!
|
|
|
|
Ở đỉnh dốc vật có thế năng là: $U=mgh$ , động năng bằng không.
Đến chân dốc vật có động năng là: $T=\frac{mv^{2}}{2}$ , thế năng bằng không.
Chuyển động của vật chỉ chịu tác dụng của ngoại lực là phản lực vuông góc với mpn nên ko sinh công.
Cơ năng đc bảo toàn:
$mgh=\frac{mv^{2}}{2}$
$\Rightarrow v=\sqrt{2gh}=20$ (m/s)
Ở đây kết quả ko phụ thuộc độ nghiêng của dốc.
|
|
|
|
giải đáp
|
Số vòng dây quấn sai.
|
|
|
|
Từ trường ở tâm vòng dây theo tính toán là:
$B_{0}=2\pi\times10^{-7}\frac{NI}{R}$
Thay các số liệu vào ta tính được: $R=\frac{\pi}{630}$ (m)
Giả sử có $n$ vòng dây quấn ngược thì từ trường sẽ là:
$B=2\pi\times10^{-7}\frac{(N-n)I}{R}-2\pi\times10^{-7}\frac{nI}{R}$
$\Rightarrow 4.2\times 10^{-5}=2\times630\times0.5(24-2n)$
$\Rightarrow n=12$ (vòng)
Số vòng dây quấn sai là 12 vòng.
|
|
|
|
giải đáp
|
Bảo toàn động lượng - Vật lí 10
|
|
|
|
Theo bài ra:
$\frac{1}{2}mv^{2}-\frac{1}{2}mv_{0}^{2}=8.75$
$\Rightarrow m(20^{2}-15^{2})=17.5$
$\Rightarrow m=0.1(kg)$
Xung của lực bằng biên thiên động lượng. Tức là:
$\Delta p=mv_{0}+mv=0.1(15+20)=3.5(kg m/s)$
|
|
|
|
sửa đổi
|
Ôn tập dòng điện xoay chiều (5)
|
|
|
|
Ôn tập dòng điện xoay chiều (5) Cho mạch điện gồm điện trở thuần R nói tiếp tụ xoay C nối tiếp cuộn dây
thuần cảm .Đặt vào hai đầu đoạn mạch điện áp $u=U\sqrt{2}cos100 {pi }
t$,điểu chỉnh điện dung của tụ là C.Mắc một ampekế nhiệt vào hai đầu
cuộn dây thì nó chỉ $1A$,hệ số công suất của mạch là $0,8$.Thay ampe kế
bằng một vôn kế nhiệt thì vôn kế chỉ $200V$,hệ số công suất của mạch là
$0,6$,biết rằng ${R}_{A}=0$; ${R}_{V}=\propto $.Điện áp giữa hai đầu
đoạn mạch là:
Ôn tập dòng điện xoay chiều (5) Cho mạch điện gồm điện trở thuần R nói tiếp tụ xoay C nối tiếp cuộn dây
thuần cảm .Đặt vào hai đầu đoạn mạch điện áp $u=U\sqrt{2}cos100 \pi
t$,điểu chỉnh điện dung của tụ là C.Mắc một ampekế nhiệt vào hai đầu
cuộn dây thì nó chỉ $1A$,hệ số công suất của mạch là $0,8$.Thay ampe kế
bằng một vôn kế nhiệt thì vôn kế chỉ $200V$,hệ số công suất của mạch là
$0,6$,biết rằng ${R}_{A}=0$; ${R}_{V}=\propto $ .Điện áp giữa hai đầu
đoạn mạch là:
|
|
|
|
giải đáp
|
Một số câu khó điện xoay chiều
|
|
|
|
Câu 1: Điện áp 2 đầu cuộn dây lệch pha $\pi/6$ so với dòng điện suy ra cuộn dây có điện trở trong r.  Ta có: $U_{L}=U_{rL}sin\frac{\pi}{6}=25(V)$ $U_{r}=U_{rL}cos\frac{\pi}{6}=25\sqrt{3} (V)$ Lại có: $(U_{C}-U_{L})^{2}+(U_{r}+U_{R})^{2}=U^{2}$ $75^{2}+(25\sqrt{3}+U_{R})^{2}=150^{2}$ (điện áp hiệu dụng) Ta tính được: $U_{R}=50\sqrt{3}=86.6(V)$ |
|
|
|
sửa đổi
|
Bài từ trường khó.
|
|
|
|
a) Thanh chạy xuống dốc thì từ thông tăng. Dòng điện cảm ứng sẽ có xu hướng tạo ra từ trường ngược lại để chống lại sự tăng của từ thông.Theo như hình vẽ trong bài thì dòng cảm ứng sẽ có chiều kim đồng hồ.b) Ban đầu thanh giống như trượt trên mặt phẳng nghiêng nên sẽ chuyển động nhanh dần đều.Sau đó vì có dòng điện cảm ứng nên sẽ có lực từ tác dụng làm thanh chuyển động chậm lại, đến khi lực từ cân bằng với thành phần song song mặt phẳng nghiêng của trọng lực thì thanh sẽ chuyển động đều.Giả sử ở 1 thời điểm nào đó. Thanh có vận tốc $v$. Suất điện động cảm ứng lúc đó là:$E=\frac{\Delta\Phi}{\Delta t}=Blv$Dòng điện cảm ứng: $I=\frac{E}{R+r}=\frac{Blv}{R+r}$Lực từ tác dụng vào thanh: $F=IlB=\frac{B^{2}l^{2}v}{R+r}$Hợp lực tác dụng vào thanh: $mg sin\alpha -F=ma=m\frac{dv}{dt}$Hay:$mg sin\alpha-\frac{B^{2}l^{2}v}{R+r}=m\frac{dv}{dt}$Nhìn vào phương trình trên ta thấy:+ Ban đầu khi v chưa đủ lớn thì vế phải dương nên vế trái cũng dương, tức là $v$ tăng dần.+ Khi v đạt 1 giá trị nào đó thì vế phải bằng $0$. Khi đó thanh chuyển động đều.$mg sin\alpha-\frac{B^{2}l^{2}v}{R+r}=0 \Rightarrow v=\frac{mg(R+r)sin\alpha}{B^{2}l^{2}}$
a) Thanh chạy xuống dốc thì từ thông tăng. Dòng điện cảm ứng sẽ có xu hướng tạo ra từ trường ngược lại để chống lại sự tăng của từ thông.Theo như hình vẽ trong bài thì dòng cảm ứng sẽ có chiều kim đồng hồ.b) Ban đầu thanh giống như trượt trên mặt phẳng nghiêng nên sẽ chuyển động nhanh dần đều.Sau đó vì có dòng điện cảm ứng nên sẽ có lực từ tác dụng làm thanh chuyển động chậm lại, đến khi lực từ cân bằng với thành phần song song mặt phẳng nghiêng của trọng lực thì thanh sẽ chuyển động đều.Giả sử ở 1 thời điểm nào đó. Thanh có vận tốc $v$. Suất điện động cảm ứng lúc đó là:$E=\frac{\Delta\Phi}{\Delta t}=Blv$Dòng điện cảm ứng: $I=\frac{E}{R+r}=\frac{Blv}{R+r}$Lực từ tác dụng vào thanh: $F=IlB=\frac{B^{2}l^{2}v}{R+r}$Hợp lực tác dụng vào thanh: $mg sin\alpha -F=ma=m\frac{dv}{dt}$Hay:$mg sin\alpha-\frac{B^{2}l^{2}v}{R+r}=m\frac{dv}{dt}$Nhìn vào phương trình trên ta thấy:+ Ban đầu khi v chưa đủ lớn thì vế trái dương nên vế phải cũng dương, tức là $v$ tăng dần.+ Khi v đạt 1 giá trị nào đó thì vế trái bằng $0$. Khi đó thanh chuyển động đều.$mg sin\alpha-\frac{B^{2}l^{2}v}{R+r}=0 \Rightarrow v=\frac{mg(R+r)sin\alpha}{B^{2}l^{2}}$
|
|
|
|
giải đáp
|
Bài từ trường khó.
|
|
|
|
a) Thanh chạy xuống dốc thì từ thông tăng. Dòng điện cảm ứng sẽ có xu hướng tạo ra từ trường ngược lại để chống lại sự tăng của từ thông.
Theo như hình vẽ trong bài thì dòng cảm ứng sẽ có chiều kim đồng hồ.
b) Ban đầu thanh giống như trượt trên mặt phẳng nghiêng nên sẽ chuyển động nhanh dần đều.
Sau đó vì có dòng điện cảm ứng nên sẽ có lực từ tác dụng làm thanh chuyển động chậm lại, đến khi lực từ cân bằng với thành
phần song song mặt phẳng nghiêng của trọng lực thì thanh sẽ chuyển động đều.
Giả sử ở 1 thời điểm nào đó. Thanh có vận tốc $v$. Suất điện động cảm ứng lúc đó là:
$E=\frac{\Delta\Phi}{\Delta t}=Blv$
Dòng điện cảm ứng: $I=\frac{E}{R+r}=\frac{Blv}{R+r}$
Lực từ tác dụng vào thanh: $F=IlB=\frac{B^{2}l^{2}v}{R+r}$
Hợp lực tác dụng vào thanh:
$mg sin\alpha -F=ma=m\frac{dv}{dt}$
Hay:
$mg sin\alpha-\frac{B^{2}l^{2}v}{R+r}=m\frac{dv}{dt}$
Nhìn vào phương trình trên ta thấy:
+ Ban đầu khi v chưa đủ lớn thì vế trái dương nên vế phải cũng dương, tức là $v$ tăng dần.
+ Khi v đạt 1 giá trị nào đó thì vế trái bằng $0$. Khi đó thanh chuyển động đều.
$mg sin\alpha-\frac{B^{2}l^{2}v}{R+r}=0 \Rightarrow v=\frac{mg(R+r)sin\alpha}{B^{2}l^{2}}$
|
|