|
|
sửa đổi
|
giúp e vs
|
|
|
|
giúp e vs cho E=15v, r=1\Omega ,R1=21\Omega,R2=12\Omega,R3=3\Omega,đèn(6v-6w)vôn kế có điện trở rất lớn.a) tính Rtd,U,I qua mỗi điện trởb0 độ sáng của đèn, điện năng tiêu thụ ở R2 sau 2h30'
giúp e vs cho E=15v, $r=1\Omega $ , $R _1=21\Omega $, $R _2=12\Omega $, $R _3=3\Omega $,đèn(6v-6w)vôn kế có điện trở rất lớn.a) tính Rtd,U,I qua mỗi điện trởb0 độ sáng của đèn, điện năng tiêu thụ ở $R _2 $ sau 2h30'
|
|
|
|
sửa đổi
|
nhớ giải chi tiết giùm em nhé,cảm ơn các bạn nhiều
|
|
|
|
Đặt $q_1=q_2=q_3=q_4=q$ và $a$ là cạnh hình vuônga. Ta tính lực tổng hợp tác dụng lên điện tích $q_1$, các điện tích khác tính tương tự.$F_{21}=F_{41}=\frac{kq^2}{a^2}$$F_{31}=\frac{kq^2}{(a\sqrt2)^2}=\frac{kq^2}{2a^2}$$F_1=2F_{21}cos45+F_{31}=\frac{kq^2}{a^2}.\frac{2\sqrt2+1}2$
Đặt $q=10^{-6}C$ và $a$ là cạnh hình vuônga. Ta tính lực tổng hợp tác dụng lên điện tích $q_1$, các điện tích khác tính tương tự.$F_{21}=F_{41}=\frac{kq^2}{a^2}$$F_{31}=\frac{kq^2}{(a\sqrt2)^2}=\frac{kq^2}{2a^2}$$F_1=2F_{21}cos45+F_{31}=\frac{kq^2}{a^2}.\frac{2\sqrt2+1}2$
|
|
|
|
sửa đổi
|
mọi người giúp em với ạ!!!!! cần gấp lắm!!!!
|
|
|
|
Gọi $C$ là vị trí đặt điện tích 3, ta có: $AC=BC=r$ và $CO=4cm$ ($O$ là trung điểm $AB$)Lực do điện tích 1 tác dụng lên điện tích 3: $F_1=\frac{kq_1q_3}{r^2}$Lực do điện tích 2 tác dụng lên điện tích 3: $F_2=\frac{kq_2q_3}{r^2}$Lực $F$ trên hình vẽ là lực tổng hợp của $F_1$ và $F_2$. ta có:$F=F_1cos\widehat{ACO}=F_1\frac{CO}{r}$
Gọi $C$ là vị trí đặt điện tích 3, ta có: $AC=BC=r$ và $CO=4cm$ ($O$ là trung điểm $AB$)Lực do điện tích 1 tác dụng lên điện tích 3: $F_1=\frac{kq_1q_3}{r^2}$Lực do điện tích 2 tác dụng lên điện tích 3: $F_2=\frac{kq_2q_3}{r^2}$Lực $F$ trên hình vẽ là lực tổng hợp của $F_1$ và $F_2$. ta có:$F=2F_1cos\widehat{ACO}=2F_1\frac{CO}{r}$
|
|
|
|
sửa đổi
|
Lý 10 Chương 2 Tổng hợp và phân tích lực
|
|
|
|
Lực tổng hợp đạt giá trị lớn nhất là $F_{max}=F+2F=3F$Lực tổng hợp đạt giá trị nhỏ nhất là $F_{min}=2F-F=F$Vậy giá trị của lực tổng hợp phải nằm trong khoảng $F$ đến $2F$Còn về phương của lực tổng hợp sẽ phụ thuộc vào góc hợp bơi 2 lực thành phần. Ta xác định bằng cách sử dụng phương pháp hình bình hànhVì thế cả 4 đáp án đều không tổng quát.
Lực tổng hợp đạt giá trị lớn nhất là $F_{max}=F+2F=3F$Lực tổng hợp đạt giá trị nhỏ nhất là $F_{min}=2F-F=F$Vậy giá trị của lực tổng hợp phải nằm trong khoảng $F$ đến $3F$Còn về phương của lực tổng hợp sẽ phụ thuộc vào góc hợp bơi 2 lực thành phần. Ta xác định bằng cách sử dụng phương pháp hình bình hànhVì thế cả 4 đáp án đều không tổng quát.
|
|
|
|
sửa đổi
|
Lý 10 Chương 2 Tổng hợp và phân tích lực
|
|
|
|
Lực tổng hợp đạt giá trị lớn nhất là $F_{max}=F+2F=3F$Lực tổng hợp đạt giá trị nhỏ nhất là $F_{min}=2F-F=F$Vậy giá trị của lực tổng hợp phải nằm trong khoảng $F$ đến $2F$Còn về phương của lực tổng hợp sẽ phụ thuộc vào góc hợp bơi 2 lực thành phần. Ta xác định bằng cách sử dụng phương pháp hình bình hànhVì thế cả 4 đáp án đều sai.
Lực tổng hợp đạt giá trị lớn nhất là $F_{max}=F+2F=3F$Lực tổng hợp đạt giá trị nhỏ nhất là $F_{min}=2F-F=F$Vậy giá trị của lực tổng hợp phải nằm trong khoảng $F$ đến $2F$Còn về phương của lực tổng hợp sẽ phụ thuộc vào góc hợp bơi 2 lực thành phần. Ta xác định bằng cách sử dụng phương pháp hình bình hànhVì thế cả 4 đáp án đều không tổng quát.
|
|
|
|
sửa đổi
|
Con lắc lò xo cần giúp.
|
|
|
|
$\omega=\sqrt{\frac{k}m} \Rightarrow k=...$Ở vị trí cân bằng lò xo dãn $\Delta l=\frac{mg}k=...$Ởi thờ điểm lò xo bắt đầu dao động $t=0$ thì li độ: $x=0$ $\Rightarrow$ ở vị trí ngay trước khi vật dao động lò xo dãn $\Delta l$Lực kéo của lò xo khi đó là: $F=k\Delta l=...$
$\omega=\sqrt{\frac{k}m} \Rightarrow k=...$Ở vị trí cân bằng lò xo dãn $\Delta l=\frac{mg}k=...$Ở thời điểm lò xo bắt đầu dao động $t=0$ thì li độ: $x=0$ $\Rightarrow$ ở vị trí ngay trước khi vật dao động lò xo dãn $\Delta l$Lực kéo của lò xo khi đó là: $F=k\Delta l=...$
|
|
|
|
sửa đổi
|
Con lắc lò xo cần giúp.
|
|
|
|
$\omega=\sqrt{\frac{k}m} \Rightarrow k=...$Ở vị trí cân bằng lò xo dãn $\Delta l=\frac{mg}k=...$$A=5cm=0,05m \Rightarrow $ vị trí ngay trước khi vật dao động lò xo dãn $x=\Delta l +A=...$Lực kéo của lò xo khi đó là: $F=kx=...$
$\omega=\sqrt{\frac{k}m} \Rightarrow k=...$Ở vị trí cân bằng lò xo dãn $\Delta l=\frac{mg}k=...$Ở thời điểm lò xo bắt đầu dao động $t=0$ thì li độ: $x=A=5cm$$\Rightarrow $ ở vị trí ngay trước khi vật dao động lò xo dãn một đoạn $\Delta l +A=...$Lực kéo của lò xo khi đó là: $F=k(\Delta l+A)=...$
|
|
|
|
sửa đổi
|
giao thoa ánh sáng
|
|
|
|
giao thoa ánh sáng trong thí nghiệm giao thoa ánh sáng Iâng dùng ánh sáng có bước sóng\lambda t ù 0,4\mum đến 0.7\mum . Khoảng cách giữa 2 khe Iâng là a = 2mm , khoảng cách từ 2 khe đến màn quan sát là D = 1,2m tại điểm M cách vâng sáng trung tâm một khoảng x_{m} = 1,95mm có mấy bức xạ cho vân sáng
giao thoa ánh sáng trong thí nghiệm giao thoa ánh sáng Iâng dùng ánh sáng có bước sóng $\lambda $ t ừ $0,4\mu m $ đến $0.7\mu m $ . Khoảng cách giữa 2 khe Iâng là $a = 2mm $ , khoảng cách từ 2 khe đến màn quan sát là $D = 1,2m $ tại điểm M cách vâng sáng trung tâm một khoảng $x_{m} = 1,95mm $ có mấy bức xạ cho vân sáng
|
|
|
|
sửa đổi
|
ôn thi lí 11
|
|
|
|
Câu 4:Ta có: $\frac1{d_1}+\frac1{d_1'}=\frac1{f}=\frac1{d_2}+\frac1{d_2'}$Dịch vật ra xa thấu kính $\Rightarrow d_1$\Rightarrow \frac1{d_1'}<\frac1{d_2'} \Rightarrow d_2'Lại có: $\frac{A''B''}{AB}=1-|\frac{d_2'}{f}|<1-|\frac{d_1'}{f}|=k=\frac{A''B''}{AB}$$\Rightarrow A''B''
Câu 4:Ta có: $\frac1{d_1}+\frac1{d_1'}=\frac1{f}=\frac1{d_2}+\frac1{d_2'}$Dịch vật ra xa thấu kính$\Rightarrow d_1<d_2 \Rightarrow \frac1{d_2}<\frac1{d_1}$$\Rightarrow \frac1{d_1'}<\frac1{d_2'} \Rightarrow d_2'<d_1'<0$ (ảnh ảo) $\Rightarrow |d_1'|<|d_2'|$Lại có: $\frac{A''B''}{AB}=1-|\frac{d_2'}{f}|<1-|\frac{d_1'}{f}|=k=\frac{A'B'}{AB}$$\Rightarrow A''B''<A'B'$
|
|
|
|
sửa đổi
|
ôn thi lí 11
|
|
|
|
Ta có: $\frac1{d_1}+\frac1{d_1'}=\frac1{f}=\frac1{d_2}+\frac1{d_2'}$Dịch vật ra xa thấu kính $\Rightarrow d_1<d_2 \Rightarrow \frac1{d_2}<\frac1{d_1}$$\Rightarrow \frac1{d_1'}<\frac1{d_2'} \Rightarrow d_2'<d_1'<0$ (ảnh ảo) $\Rightarrow |d_1'|<|d_2'|$Lại có: $\frac{A''B''}{AB}=1-|\frac{d_2'}{f}|<1-|\frac{d_1'}{f}|=k=\frac{A''B''}{AB}$$\Rightarrow A''B''<A'B'$
Câu 4:Ta có: $\frac1{d_1}+\frac1{d_1'}=\frac1{f}=\frac1{d_2}+\frac1{d_2'}$Dịch vật ra xa thấu kính $\Rightarrow d_1$\Rightarrow \frac1{d_1'}<\frac1{d_2'} \Rightarrow d_2'Lại có: $\frac{A''B''}{AB}=1-|\frac{d_2'}{f}|<1-|\frac{d_1'}{f}|=k=\frac{A''B''}{AB}$$\Rightarrow A''B''
|
|
|
|
sửa đổi
|
ôn thi lí 11
|
|
|
|
Câu 3:$\frac1{f}=\frac1{d}+\frac1{d'}$$d'=2f \Rightarrow d=2f \Rightarrow$ khoảng cách từ vật tới ảnh là $4f$
Câu 3:$\frac1{f}=\frac1{d}+\frac1{d'}$$d'=2f \Rightarrow d=2f \Rightarrow$ khoảng cách từ vật tới ảnh là $4f$Đáp án C
|
|
|
|
sửa đổi
|
cơ năng lớp 10
|
|
|
|
a. $mg=k\Delta l \Rightarrow k=\frac{mg}{\Delta l}=800N/m$b.Biên độ dao động: $A=10+30=40cm=0,4m$Thế năng tại thời điểm đó là: $W_T=\frac1{2}kA^2=64J$Coi gốc thế năng là điểm lò xo bị nén $40cm$ thì lò xo sẽ lên cao được $2A=80cm$
a. $mg=k\Delta l \Rightarrow k=\frac{mg}{\Delta l}=800N/m$b.Biên độ dao động: $A=10+30=40cm=0,4m$Thế năng tại thời điểm đó là: $W_T=\frac1{2}kA^2=64J$Coi gốc thế năng là điểm lò xo bị nén $40cm$ thì vật sẽ lên cao được $2A=80cm$
|
|
|
|
sửa đổi
|
giúp e vs các bác ơi
|
|
|
|
giúp e vs các bác ơi Hai vật dao động điều hòa với biên độ lần lượt là A và nA.Khi năng lượng thế năng của vật thứ nhất là a thì động năng của vật thứ 2 là b. Khi năng lượng động năng vật thứ nhất là b thì năng lượng thế năng vật thứ 2 là:A. \frac{a+b}{n}-n B. n(a+b)-b C.\frac{a+b}{n^{2}}-b D.n^{2}(a+b)-b
giúp e vs các bác ơi Hai vật dao động điều hòa với biên độ lần lượt là A và nA. Khi thế năng của vật thứ nhất là a thì động năng của vật thứ 2 là b. Khi động năng vật thứ nhất là b thì thế năng vật thứ 2 là:A. $\frac{a+b}{n}-n $ B. $n(a+b)-b $ C. $\frac{a+b}{n^{2}}-b $ D. $n^{2}(a+b)-b $
|
|
|
|
sửa đổi
|
mai mjh kt học kì roy....
|
|
|
|
1. Ta có: $d'=20, \frac{h'}h=|\frac{d'}d| \Rightarrow d=10cm$$\frac1{f}=\frac1{d}+\frac1{d'} \Rightarrow f=\frac{20}3cm$$k=-\frac{d'}d=-2$2. Vật cách ảnh $90cm \Rightarrow d_1+d_1'=90cm$ và $d_1'<0$ (ảnh ảo)$\frac1{d_1}+\frac1{d_1'}=\frac3{20}$Giải 2 pt tìm được vị trí vật mới.
1. Ta có: $d'=20, \frac{h'}h=|\frac{d'}d| \Rightarrow d=10cm$$\frac1{f}=\frac1{d}+\frac1{d'} \Rightarrow f=\frac{20}3cm$$k=-\frac{d'}d=-2$2. Vật cách ảnh $90cm \Rightarrow d_1+d_1'=-90cm$ và $d_1'<0$ (ảnh ảo)$\frac1{d_1}+\frac1{d_1'}=\frac3{20}$Giải 2 pt tìm được vị trí vật mới.
|
|
|
|
sửa đổi
|
AI CHUYÊN LÝ GIÚP E BT NAY VS
|
|
|
|
1. Để mực nước ngang nhau thì áp suất phải bằng nhau:$\frac{m_{1}g+mg}{S_{1}}+D_{0}gh=\frac{m_{2}g}{S_{2}}$$\Rightarrow m=S_{1}\frac{m_{2}-D_{0}hS_{2}}{S_{2}}-m_{1}$2. Đặt quả cân $m$ sang pitton nhỏ, độ lệch bây giờ là $h_1$, ta có:$\frac{m_{1}g}{S_{1}}+D_{0}gh_1=\frac{m_{2}g+mg}{S_{2}}$$\Rightarrow h_1=\frac{1}{D_0}\frac{m_2+m}{S_2}-\frac{m_1}{S_1}$
Không giảm tính tổng quát giả sử $S_1<S_2$ ta có:a. Xét áp suất tại điểm có cùng mức ngang với 2 pittong:$p_1=p_2 \Rightarrow \frac{m_1g}{S_1}=\frac{(m_2+m)g}{S_2}$$\Rightarrow m=[\frac{m_1}{S_1}-\frac{m_2}{S_2}].S_2$ b. Xét áp suất tại điểm có cùng mức ngang với pittong 1:$p_1=p_2 \Rightarrow \frac{(m_1+m)g}{S_1}=\frac{m_2g}{S_2}+D.g.K$ ($D$ là khối lượng riêng của nước)$\Rightarrow K=\frac1{D}[\frac{m_1+m}{S_1}-\frac{m_2}{S_2}]$
|
|